分野別過去問解説の第三弾です。今回は空間図形の問題（積分で体積を求める問題は除く）を二問。最後に東大数学の空間図形の問題の特徴，傾向についても述べます。
問題１
まずは2001年第一問（文理共通）。
問題１：半径$r$の球面上に四点$A,B,C,D$がある。四面体$ABCD$の各辺の長さは，$AB=\sqrt{3}$，$AC=AD=BC=BD=CD=2$を満たしている。このとき$r$の値を求めよ。
問題１の解答
いろいろな方法が考えられるが，ここでは空間座標を用いて計算してみる。細かい計算は省略している。計算よりも座標設定の方法を理解してほしい。
三角形$BCD$が$xy$平面上にあり，重心が原点となるように座標を設定する。
$B(0,\frac{2}{3}\sqrt{3},0),\:C(-1,-\frac{\sqrt{3}}{3},0),\:D(1,-\frac{\sqrt{3}}{3},0)$
次に$A$の座標を求める。$AC=AD$より，$A$の$x$座標は$0$である。$A$の座標を$(0,y,z)$とおくと$AB,AC$の長さについて，
$3=(y-\frac{2}{3}\sqrt{3})^2+z^2,\:\:\:2^2=1^2+(y+\frac{\sqrt{3}}{3})^2+z^2$
これを$y,z$について解くことにより$A(0,\frac{\sqrt{3}}{6},\frac{3}{2})$が分かる（$z=-\frac{3}{2}$も方程式の解だが，$z$が正になるように$A$を取った）。
四面体$ABCD$が座標空間に埋め込めたので，外接球の半径を計算するのは難しくない。外接球の中心は$B,C,D$から等距離にあるので$x$座標,$y$座標は$0$である。その$z$座標を$z$とおくと，長さの条件から
$1+\frac{1}{3}+z^2=r^2,\:\:\frac{1}{12}+(\frac{3}{2}-z)^2=r^2$
これを解くと$z=\frac{1}{3},r^2=\frac{13}{9}$
よって，$r=\frac{\sqrt{13}}{3}$
問題１のポイント，補足
・座標を設定する場合，計算がわりと大変でミスしやすい。出てきた答え$\frac{\sqrt{13}}{3}$は$1$よりも少し大きいくらいで直感にも会う。このように，出てきた答えの値が直感に矛盾しないか確認することで検算になる。
・なお「$AB$側から四面体を見ると$ACBD$がひし形に見える」ことを用いて解くこともできる。ただ，座標計算に比べて空間把握能力が必要。
問題２
続いて2010年理系第六問。
問題２の解答
(1)典型的な問題でただ計算するだけだが，計算量がわりと多め。
$\vec{OA}=\vec{a},\vec{OB}=\vec{b},\vec{OC}=\vec{c}$とおく。
$|\vec{a}|=BC=3,\:\:|\vec{b}|=CA=\sqrt{7},\:\:|\vec{c}|=AB=2$と長さは分かっているので，次は準備として内積$\vec{a}\cdot\vec{b},\:\:\vec{b}\cdot\vec{c},\:\:\vec{c}\cdot\vec{a}$を求める。
$4=|\vec{b}-\vec{a}|^2=9+7-2\vec{a}\cdot\vec{b}$
より$\vec{a}\cdot\vec{b}=6$
残り２つも同様にして，$\vec{b}\cdot\vec{c}=1,\vec{c}\cdot\vec{a}=3$
次に，$\vec{OH}=p\vec{a}+q\vec{b}$とおくと，
$\vec{CH}\cdot\vec{a}=(p\vec{a}+q\vec{b}-\vec{c})\cdot\vec{a}=0$より，
$9p+6q-3=0$
$\vec{CH}\cdot\vec{b}=(p\vec{a}+q\vec{b}-\vec{c})\cdot\vec{b}=0$より，
$6p+7q-1=0$
以上２つの式を解くと$x=\frac{5}{9},\:y=-\frac{1}{3}$
よって，$\vec{OH}=\frac{5}{9}\vec{OA}-\frac{1}{3}\vec{OB}$
(2)まず，$M$が$C$を通る前後で断面が三角形から四角形に変化するので場合分けが必要であることに気づきたい。変化する際の$t$を(1)を使って求める。
$\vec{OH}=\frac{2}{9}(\frac{5}{2}\vec{a}-\frac{3}{2}\vec{b})$で$\frac{5}{2}\vec{a}-\frac{3}{2}\vec{b}$は直線$AB$上にあるので，変化点は$t=\frac{2}{9}$である。
・$0 < t \leq \frac{2}{9}$のとき，断面は三角形。底辺の長さは$P_tQ_t=t AB=2t$，高さは$\frac{9}{2}t|\vec{CH}|$である。よって，$S(t)=\frac{9}{2}t^2|\vec{CH}|$。あとは$|CH|=\sqrt{|\frac{5}{9}\vec{a}-\frac{1}{3}\vec{b}-\vec{c}|^2}$
を頑張って計算すればよい。計算すると，$|\vec{CH}|=\frac{2}{3}\sqrt{6}$となるので$S(t)=3\sqrt{6}t^2$
・$\frac{2}{9} < t < 1$のとき，断面は台形。下底の長さは$P_tQ_t=t AB=2t$。上底の高さは$\frac{9}{7}(t-\frac{2}{9}) AB=\frac{18}{7}t-\frac{4}{7}$，高さは$\frac{9}{7}(1-t)|\vec{CH}|=\frac{6\sqrt{6}}{7}(1-t)$
より，$S(t)=(2t+\frac{18}{7}t-\frac{4}{7})\cdot \frac{6\sqrt{6}}{7}(1-t)\cdot\frac{1}{2}=\frac{12}{49}\sqrt{6}(8t-1)(1-t)$
(3)これはおまけ。$0 < t \leq \frac{2}{9}$では$S(t)$は単調増加なので，$\frac{9}{2}\leq t < 1$
における$S(t)$の最大値を求めればよい。
$(8t-1)(1-t)$はただの二次関数であり，平方完成すると
$-8t^2+9t-1=-8(t-\frac{9}{16})^2+\frac{49}{32}$
となる。よって，$t=\frac{9}{16}$のとき，$S(t)$は最大値$\frac{49}{32}\cdot\frac{12}{49}\sqrt{6}=\frac{3}{8}\sqrt{6}$を取る。
問題２のポイント，補足
・(1)は基本的な問題。絶対に正解する必要がある。(2)が山場，(3)は(2)ができればサービス問題。
・考え方はそこまで難しくないが，相当な計算量。普段から「考え方が分かったからできた」と終わらせるのではなく，短時間で計算をやりきって正しい答えを出すところまで訓練をしておく必要がある。
・特に$CH$の長さを計算するあたりで心が折れる。きつい場合は一回他の問題に移って気分転換するのもオススメ。
まとめ〜東大空間図形の傾向〜
・空間把握能力（どこの面で切るとよいか，どこが垂直でどこが平行か，など）ももちろん必要だが，険しい計算を強引に突破する力も重要（例えば今回の問題１はほぼ計算のみで解けた）。基本的な座標計算，ベクトル計算，三角関数の計算（余弦定理など）を素早く正確にできるように繰り返し練習しておこう。
・場合分けや厳しい計算を要求される問題が多いので，検算は必須。自分の計算を再確認するだけでなく，出てきた答えが直感的にそれなりに正しそうな値かどうか必ず確認しよう。